北师版九年级数学上册期末复习考点 清单08 圆（20个考点梳理 题型解读 提升训练）

清单08圆（20个考点梳理+题型解读+提升训练）【清单01】圆的定义及性质圆的定义：在一个平面内，线段OA绕它固定的一个端点O旋转一周，另一个端点A所形成的图形叫圆。这个固定的端点O叫做圆心，线段OA叫做半径。圆的表示方法：以O点为圆心的圆记作⊙O，读作圆O。圆的特点：在一个平面内，所有到一个定点的距离等于定长的点组成的图形。确定圆的条件：1）圆心；2）半径。圆的对称性：1）圆是轴对称图形，经过圆心的每一条直线都是它的对称轴；2）圆是以圆心为对称中心的中心对称图形。【清单02】圆的有关概念弦的概念：连结圆上任意两点的线段叫做弦(例如：右图中的AB)。直径的概念：经过圆心的弦叫做直径（例如：右图中的CD）。备注：1）直径是同一圆中最长的弦。2）直径长度等于半径长度的2倍。弧的概念：圆上任意两点间的部分叫做圆弧，简称弧。以A、B为端点的弧记作AB，读作圆弧AB或弧AB。等弧的概念：在同圆或等圆中，能够互相重合的弧叫做等弧。半圆的概念：圆的任意一条直径的两个端点把圆分成两条弧，每一条弧都叫做半圆。1 优弧的概念：在一个圆中大于半圆的弧叫做优弧。劣弧的概念：小于半圆的弧叫做劣弧。【清单03】圆心角的概念圆心角概念：顶点在圆心的角叫做圆心角。弧、弦、弦心距、圆心角之间的关系定理：在同圆或等圆中，相等的圆心角所对的弧相等，所对的弦相等，所对的弦的弦心距相等。推论：在同圆或等圆中，如果两个圆心角、两条弧、两条弦或两条弦的弦心距中有C一组量相等，那么它们所对应的其余各组量分别相等。BO【清单04】圆周角的概念A圆周角概念：顶点在圆上，并且两边都和圆相交的角叫做圆周角。1圆周角定理：一条弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半。（即：圆周角=圆心角）2推论1：同弧或等弧所对的圆周角相等。DC在同圆或等圆中，如果两个圆周角相等，它们所对的弧一定相等。BOA推论2：半圆（或直径）所对的圆周角是直角，‰的圆周角所对的弦是直径。CBAO推论3：如果三角形一边上的中线等于这边的一半，那么这个三角形是直角三角形。CBAO【清单05】圆内接四边形圆的内接四边形定理：圆的内接四边形的对角互补，外角等于它的内对角。即：在⊙O中，∵四边ABCD是内接四边形DC∴CBAD180BD180DAECBAE2 【清单06】垂径定理垂径定理：垂直于弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧。推论1：1）平分弦（不是直径）的直径垂直于弦，并且平分弦所对的两条弧；2）弦的垂直平分线经过圆心，并且平分弦所对的两条弧；3）平分弦所对的一条弧的直径垂直平分弦，并且平分弦所对的另一条弧。推论2：圆的两条平行弦所夹的弧相等。常见辅助线做法（考点）：1）过圆心，作垂线，连半径，造Rt△，用勾股，求长度；2）有弧中点，连中点和圆心，得垂直平分【清单07】点与圆的位置关系设⊙O的半径是r，点P到圆心O的距离为d，则有：d<r点P在⊙O内；d=r点P在⊙O上；d>r点P在⊙O外。【清单08】过三点的圆1、过三点的圆不在同一直线上的三个点确定一个圆。2、三角形的外接圆经过三角形的三个顶点的圆叫做三角形的外接圆。3、三角形的外心三角形的外接圆的圆心是三角形三条边的垂直平分线的交点，它叫做这个三角形的外心。【清单09】直线与圆的位置关系1、直线与圆相离dr无交点；2、直线与圆相切dr有一个交点；3、直线与圆相交dr有两个交点；rd=rrdd、【清单10】切线的性质与判定定理3 1、切线的判定定理：过半径外端且垂直于半径的直线是切线；两个条件：过半径外端且垂直半径，二者缺一不可即：∵MNOA且MN过半径OA外端O∴MN是⊙O的切线2、性质定理：切线垂直于过切点的半径（如上图）MAN推论1：过圆心垂直于切线的直线必过切点。推论2：过切点垂直于切线的直线必过圆心。以上三个定理及推论也称二推一定理：即：①过圆心；②过切点；③垂直切线【清单11】切线长定理切线长定理：从圆外一点引圆的两条切线，它们的切线长相等，这点和圆心的连线平分两条切线的夹角。B即：∵PA、PB是的两条切线OP∴PAPB；PO平分BPAA【清单12】三角形的内切圆和内心1、三角形的内切圆与三角形的各边都相切的圆叫做三角形的内切圆。2、三角形的内心三角形的内切圆的圆心是三角形的三条内角平分线的交点，它叫做三角形的内心。注意：内切圆及有关计算。（1）三角形内切圆的圆心是三个内角平分线的交点，它到三边的距离相等。abc（2）△ABC中，∠C=90°，AC=b，BC=a，AB=c，则内切圆的半径r=。21（3）S△ABC=r(abc)，其中a，b，c是边长，r是内切圆的半径。2（4）弦切角：角的顶点在圆周上，角的一边是圆的切线，另一边是圆的弦。如图，BC切⊙O于点B，AB为弦，∠ABC叫弦切角，∠ABC=∠D。ADO【清单13】圆内正多边形的计算B4 （1）正三角形在⊙O中△ABC是正三角形，有关计算在RtBOD中进行：OD:BD:OB1:3:2；CBCOOOBABDADEA（2）正四边形同理，四边形的有关计算在RtOAE中进行，OE:AE:OA1:1:2：（3）正六边形同理，六边形的有关计算在RtOAB中进行，AB:OB:OA1:3:2.【清单14】与正多边形有关的概念1、正多边形的中心正多边形的外接圆的圆心叫做这个正多边形的中心。2、正多边形的半径正多边形的外接圆的半径叫做这个正多边形的半径。3、正多边形的边心距正多边形的中心到正多边形一边的距离叫做这个正多边形的边心距。4、中心角正多边形的每一边所对的外接圆的圆心角叫做这个正多边形的中心角。【清单15】正多边形的对称性1、正多边形的轴对称性正多边形都是轴对称图形。一个正n边形共有n条对称轴，每条对称轴都通过正n边形的中心。2、正多边形的中心对称性边数为偶数的正多边形是中心对称图形，它的对称中心是正多边形的中心。3、正多边形的画法先用量角器或尺规等分圆，再做正多边形。【清单16】扇形的弧长和面积计算2nRnR1扇形：（1）弧长公式：l；（2）扇形面积公式：SlR1803602n：圆心角R：扇形多对应的圆的半径l：扇形弧长S：扇形面积【清单17】扇形与圆柱、圆锥之间联系5 DAD11、圆柱：母线长底面圆周长（1）圆柱侧面展开图BC1C2SS2S=2rh2r表侧底（2）圆柱的体积：Vr2hB12、圆锥侧面展开图O2（1）SSS=Rrr表侧底R12（2）圆锥的体积：VrhC3ArBnΠR注意：圆锥的底周长=扇形的弧长（2Πr）180【考点题型一】圆的定义及性质【典例1】如图，在中，是直径，，ꀀ‰，则的度数为（）A．‰B．C．‰D．ꀀ‰【变式1-1】如图，在中，，耀，则的度数是（）A．‰B．C．‰D．耀【变式1-2】下列说法中正确的是（）6 A．直径是弦，半圆不是弧B．相等的圆心角所对的弧也相等C．周长相等的两个圆是等圆D．圆是轴对称图形，每一条直径都是它的对称轴【变式1-2】如图，在中，，求证：．【考点题型二】运用垂径定理直接求线段的长度【典例2】如图，AB是的直径，弦于点，连接，若耀，ㄮ．(1)求的长度；(2)求的长度．【变式2-1】在中，弦长为ㄮcm，圆心到的距离为耀cm，则的半径为（）A．cmB．cmC．ꀀcmD．7cm【变式2-2】把球放在长方体纸盒内，球的一部分露出盒外，其截面如图所示，已知ܨ12cm，则球的直径长是（）A．1cmB．1ꀀcmC．1ㄮcmD．2‰cm【变式2-3】如图，为的直径，弦于点H，ㄮ，，则的长为．7 【考点题型三】垂径定理的实际应用【典例3】如图1，圆形拱门屏风是家庭中常见的装饰隔断，既美观又实用，彰显出中国元素的韵味．如图2是一款拱门的示意图，其中C为的中点，D为拱门最高点，线段经过圆心O，已知拱门的半径为1径m，拱门最下端1径ㄮm．(1)求拱门最高点D到地面的距离；(2)现需要给房间内搬进一张长和宽均为2m、高为1径2m的桌子，已知搬桌子的两名工人在搬运时所抬高度相同，且高度为‰径m，判断搬运该桌子时是否能够通过拱门．（参考数据：2径2耀ꀀ）【变式3-1】HUAWEIMateꀀ‰Pro是华为技术有限公司于2023年8月29日上架的一款全球首款支持卫星通话的大众智能手机，即使在没有地面网络信号的情况下，也可以拨打接听卫星电话，该手机还支持AI隔空操控、智感支付、注视不熄屏等智慧功能等．该系列完成了核心技术领域从0到1的跃迁，让无数国人为之自豪并被赞誉为“争气机”．手机背面有一条圆弧，象征着以山河之美致敬奔腾不息的力量．如图，圆弧对应的弦长ㄮ‰mm，半径，垂足为D，弓形高长1mm．(1)求的长；(2)求半径的长．【变式3-2】民以食为天．我们常见的炒菜锅可近似的看作抛物线面，锅盖可近似的看作圆形面．经过8 锅心和盖心的纵断面是一段拋物线和圆弧线组合而成的封闭图形，不妨简称为“锅线”，锅口直径为ꀀdm，锅深ܨ为耀dm，锅盖高为1dm（锅口直径与锅盖直径视为相同），建立平面直角坐标系如图1所示（单位：dm），如果把锅纵断面的抛物线的记为，把锅盖纵断面所在的圆记作．(1)求抛物线解析式和弧所在的半径；(2)锅中原有水的最大深度为1径dm（如图2），由于加工食物的需要，又重新加入一定量的水，水位升高‰径dm，求此时的水面宽度；(3)如果将底面直径dm，高度为‰径dm的圆柱形蒸笼若干个叠加起来（如图3）放入锅中蒸食物（不考虑叠加缝隙），为了让锅盖能够盖上，那么最多可以放入这种规格的圆柱形蒸笼多少个？【变式3-3】某公路上有一隧道，顶部是圆弧形拱顶，圆心为，隧道的水平宽为2m，离地面的高度1‰m，拱顶最高处离地面的高度为1ㄮm，在拱顶的，处安装照明灯，且，离地面的高度相等都等于17m，求的长．【考点题型四】同心圆9 【典例4】如图，在两个同心圆中，大圆的弦与小圆相交于C，D两点．(1)求证：；(2)若耀，，大圆的半径，求小圆的半径r的值．【变式4-1】如图，一人口的弧形台阶，从上往下看是一组同心圆被一条直线所截得的一组圆弧．已知每个台阶宽度为32cm（即相邻两弧半径相差32cm），测得AB=200cm，AC=BD=40cm，则弧AB所在的圆的半径为cm【变式4-2】如图，在两个同心圆中，大圆的弦与小圆相交于C，D两点．(1)求证：．(2)若2，大圆的半径，求小圆的半径r．【考点题型五】圆周角与圆心角的运用10 【典例5】如图，点A、B、C在上，若耀，则的度数为（）A．2‰B．‰C．ꀀ‰D．7‰【变式5-1】如图，在中，为直径，点C，D是圆上的点，且‰，则的度数为（）A．‰B．ㄮ‰C．‰D．耀‰【变式5-2】如图，是的半径，，是上的点，连接，，，若‰，则等于（）A．2‰B．22径C．2D．耀‰【考点题型六】圆内接四边形的综合运用【典例6】如图，过四边形的顶点A，C，D的圆，分别交，于点E，F．若‰，ܨ的度数为ꀀ，则°．【变式6-1】如图，四边形为的内接四边形，已知1‰‰，则的度数为．11 【变式6-2】如图，点C是的劣弧上一点，ꀀ，则的度数为（）A．12B．12‰C．1耀2D．1‰【变式6-3】如图，A，B，C，D在上，2，则的度数是（）A．11B．112径C．122径D．1耀【考点题型七】点与圆的位置关系【典例7】已知的半径为4，点在内，则的长可能是（）A．3B．4C．5D．6【变式7-1】若所在平面内有一点，点到上点的最大距离为8，最小距离为2，则的直径为（）A．6B．10C．6或10D．无法确定【变式7-2】若点A在⊙O内，点B在⊙O外，OA＝3，OB＝5，则⊙O的半径r的取值范围是（）A．0＜r＜3B．2＜r＜8C．3＜r＜5D．r＞5【变式7-3】若⊙P的半径为5，圆心P的坐标为（﹣3，4），则平面直角坐标系的原点O与⊙P的位置12 关系是．【考点题型八】确定圆的条件【典例8】小王不慎把一面圆形镜子打碎了，其中三块如图所示，三块碎片中最有可能配到与原来一样大小的圆形镜子的碎片是（）A．①B．②C．③D．都不能【变式8-1】给定下列条件可以确定唯一的一个圆的是（）A．已知圆心B．已知半径C．已知直径D．不在同一直线上的三个点【变式8-2】已知平面直角坐标系中的三个点分别为11、2、ꀀ，则A、B、C这三个点确定一个圆（填“可以”或“不可以”）．【变式8-3】在平面直角坐标系xOy内有三点：（0，﹣2），（1，﹣1），（2.17，0.37）．则过这三个点（填“能”或“不能”）画一个圆，理由是．【考点题型九】根据三角形的外接圆的性质的运用【典例9】如图，在等腰三角形ABC中，AB=AC，AD⊥BC，垂足为D．(1)请用尺规作图作出三角形ABC的外接圆⊙O；（不写作法及证明，应保留作图痕迹）(2)若BC＝4，AD=5，求⊙O的半径r．【变式9-1】如图，是等边三角形的外接圆，若的半径为r，则△的面积为（）13 耀2耀2耀2耀耀2A．B．C．D．ㄮ2【变式9-2】已知，如图，在Rt△中，‰，ꀀ，ㄮ，那么这个三角形的外接圆直径是（）A．4B．5C．8D．10【变式9-3】如图，△ABC的外接圆半径为8，∠ACB＝60°，则AB的长为（）A．8耀B．4耀C．6D．4【考点题型十】直线与圆的位置关系的判定【典例10】已知的半径为4，点O到直线m的距离为3，则直线m与的位置关系是（）A．相离B．相交C．相切D．不确定【变式10-1】在△中，，为中点，以点为圆心，长为半径作，则与直线的位置关系是（）A．相交B．相切C．相离D．不确定【变式10-2】在平面直角坐标系中，以点耀2为圆心，3为半径的圆与坐标轴的位置关系为()14 A．与x轴相切，与y轴相离：B．与x轴相交，与y轴相切C．与x轴，y轴都相交D．与x轴，y轴相离【变式10-3】已知O的半径是4，圆心O到直线l的距离是3，则直线l与O的公共点有个．【考点题型十一】利用切线的性质求有关的角度/边长的运算【典例11】如图，是的直径，是切线，交于点，‰，则（）A．耀‰B．‰C．‰D．ꀀ‰【变式11-1】如图，P是圆O的直径上一点，与圆O相切于点M，连接，耀‰，若2耀，则的长为．【变式11-2】如图，四边形内接于，是直径，过C点的切线与的延长线交于P点，若‰，则的度数为．【变式11-3】如图，在△中，已知‰，在上取一点E，以为直径的恰与相切于点D．若2，．则，．【考点题型十二】切线的性质与判定的综合运用15 【典例12】如图，为的直径，C为上一点，D为的中点，过C作的切线交的延长线于E，交的延长线于F，连．(1)求证：与相切；(2)若耀，ܨ2，求的半径．【变式12-1】如图，与△的边相切于点B，与边相切于点D，与边交于点E，是的直径．(1)求证：∥；耀(2)若的半径是，2，求的长．2【变式12-2】如图，在△中，平分交于点，以点为圆心、的长为半径的16 与相切于点A，与相交于点．(1)求证：是的切线；(2)若，1耀，求和的长．【考点题型十三】利用切线长定理的性质求线段长度或周长【典例13】如图，、、分别与相切于点、、点，若圆的半径为ꀀ，1‰，则△的周长为()A．10B．12C．16D．20【变式13-1】如图，某小区打算进行公共设施改造，现有一块边长为‰m的正方形空地，点O在边的中点处，计划在正方形空地内搭建一个以O为圆心，为直径的半圆形儿童游乐场区域，过点C作半圆的切线交于点N．以为正方形的区域分割线，位于分割线右下方的整个区域作为小区的休闲区，则该休闲区的面积为（）m2．A．1000B．140C．800D．ꀀ‰‰2【变式13-2】如图，、切于点A、B，直线ܨ切⊙O于点E，交于F，交于点G，若17 ㄮcm，则△ܨ的周长是．【变式13-3】如图，在四边形中，、、分别与相切于B、E、A三点，为的直径．若cm，耀cm，则的半径为cm．【变式13-4】如图，，分别切于点A，B，点C是上一点，过C作的切线，交，于点D，E，若ꀀcm，则△的周长是cm．【考点题型十四】三角形的内切圆与内心【典例14】如图，△的内切圆与、、分别相切于点D、E、F且2，则△的周长为（）．A．7B．14C．10D．4【变式14-1】已知△的内切圆半径耀，、、ܨ为切点，ꀀ‰，ㄮ，△1‰耀，则．【变式14-2】如图，在Rt△中，‰，△的内切圆与、、分别相切于点D、18 E、F，若的半径为2，2，则的长．【考点题型十五】正多边形与圆求角度【典例15】如图，是正五边形的外接圆，点P是上的的一点，则的度数是（）A．耀‰B．耀ꀀC．D．72【变式15-1】如图，正五边形内接于，ܨ是上一点，则ܨ的度数为（）A．72B．C．耀ꀀD．耀‰【变式15-2】如图，正五边形内接于，P为上一点，连接，，则的度数为（）A．1ㄮB．耀ꀀC．D．72【变式15-3】如图，正六边形ܨ和正五边形ܫ内接于，且有公共顶点A，则的度数为度．19 【考点题型十六】正多边形与直角坐标系综合【典例16】如图，在平面直角坐标系中，边长为2的正六边形ܨ的中心与原点重合，∥轴，交轴于点．将△绕点顺时针旋转，每次旋转‰，则第2023次旋转结束时，点的坐标为（）A．耀1B．1耀C．耀1D．1耀【变式16-1】2023年11月，临邑县迎来了较大程度的降雪，某数学兴趣小组在实验过程中发现每片雪花都有不同的形状．如图，将具有“雪花”图案（边长为4的正六边形ܨ）的图形，放在平面直角坐标系中，若与x轴垂直，顶点A的坐标为2耀，则顶点C的坐标为（）A．22耀耀B．‰1耀2耀C．2耀耀D．22耀2耀耀【变式16-2】如图，在正六边形中，以点O为原点建立平面直角坐标系，边落在x轴上.若点A的坐标为‰，则点B的坐标为．20 【变式16-3】如图，边长为2的正六边形ܨ的中心与坐标原点O重合，ܨ∥轴，将正六边形ܨ绕原点O逆时针旋转n次，每次旋转ꀀ‰，当2‰22时，顶点A的坐标为．【变式16-4】如图，在平面直角坐标系中，正六边形的边长是2，则它的外接圆圆心的坐标是．【考点题型十七】弧长的计算【典例17】已知点、、在上，耀‰，把劣弧沿着直线折叠交弦于点．，ꀀ，则的长为．【变式17-1】扇面画是中国传统书画中一种独具特色的艺术样式，将扇子的实用功能与书画的观赏功能巧妙结合．如图所示，已知1‰cm，1cm，的长为2‰cm，则的长为cm．21 【变式17-2】如图，在Rt△中，‰，耀‰，ㄮ，以点C为圆心，的长为半径画弧，交于点D，则的长为．【变式17-3】如图，矩形纸片中，1ꀀ2，将纸片裁成如图所示的扇形，若将此扇形围成圆锥侧面，则此圆锥的底面半径为．【考点题型十八】计算扇形的面积【典例18】扇形的半径为1‰cm，圆心角为，则扇形的面积为．【变式18-1】如图，，，的半径都是2cm，则图中三个扇形（即阴影部分）面积之和是．【变式18-2】如图，点A，B，C在上，‰，连接，．若的半径为3，则扇形（阴影部分）的面积为（结果保留π）22 【变式18-3】如图，以直角三角形的两锐角顶点A、B为圆心作等圆，且与恰好外切，若，则图中阴影面积为【考点题型十九】计算不规则图形的阴影部分面积【典例19】如图，在△中，‰，1‰，将△绕点B逆时针旋转耀‰得到△，则，，，围成的面积（图中阴影部分面积）为．【变式19-1】如图，在△中，耀，将△绕点A逆时针旋转耀‰后得到△，点B经过的路径为弧，则图中阴影部分的面积为．【变式19-2】如图，为半圆的直径，且，半圆绕点B顺时针旋转，点A旋转到点的位置，则图中的阴影部分的面积为．【变式19-3】如图，将半径为2cm的圆形纸片翻折，使得，，折痕为，，则阴影部分的面积为cm2．23 【考点题型二十】圆锥的计算【典例20】一圆锥的母线长为5，底面半径为3，则该圆锥的侧面积为．【变式20-1】用圆心角为12‰，半径为耀cm的扇形纸片卷成一个圆锥形无底纸冒（如图所示），则这个纸冒的高是（）A．耀cmB．22cmC．耀2cmD．2cm【变式20-2】如图是一个圆锥与其侧面展开图，已知圆锥的底面半径是1，母线长是4．（1）求这个圆锥的侧面展开图中∠ABC的度数．（2）如果A是底面圆周上一点，一只蚂蚁从点A出发，绕圆锥侧面一圈再回到A点，求这只蚂蚁爬过的最短距离．【变式20-3】综合与实践主题：装饰锥形草帽．24 素材：母线长为2cm、高为2‰cm的锥形草帽（如图（1））和五张颜色不同（红、橙、黄、蓝、紫）、足够大的卡纸．步骤1：将红、橙、黄、蓝、紫卡纸依次按照圆心角1212耀的比例剪成半径为2cm的扇形．步骤2：将剪下的扇形卡纸依次粘贴在草帽外表面，彩色卡纸恰好覆盖草帽外表而且卡纸连接处均无缝隙、不重叠，便可得到五彩草帽．计算与探究：（1）计算红色扇形卡纸的圆心角的度数；（2）如图（2），根据（1）的计算过程，直接写出圆锥的高、母线长与侧面展开图的圆心角度数之间的数量关系：．25 清单08圆（20个考点梳理+题型解读+提升训练）【清单01】圆的定义及性质圆的定义：在一个平面内，线段OA绕它固定的一个端点O旋转一周，另一个端点A所形成的图形叫圆。这个固定的端点O叫做圆心，线段OA叫做半径。圆的表示方法：以O点为圆心的圆记作⊙O，读作圆O。圆的特点：在一个平面内，所有到一个定点的距离等于定长的点组成的图形。确定圆的条件：1）圆心；2）半径。圆的对称性：1）圆是轴对称图形，经过圆心的每一条直线都是它的对称轴；2）圆是以圆心为对称中心的中心对称图形。【清单02】圆的有关概念弦的概念：连结圆上任意两点的线段叫做弦(例如：右图中的AB)。直径的概念：经过圆心的弦叫做直径（例如：右图中的CD）。备注：1）直径是同一圆中最长的弦。2）直径长度等于半径长度的2倍。弧的概念：圆上任意两点间的部分叫做圆弧，简称弧。以A、B为端点的弧记作AB，读作圆弧AB或弧AB。等弧的概念：在同圆或等圆中，能够互相重合的弧叫做等弧。半圆的概念：圆的任意一条直径的两个端点把圆分成两条弧，每一条弧都叫做半圆。26 优弧的概念：在一个圆中大于半圆的弧叫做优弧。劣弧的概念：小于半圆的弧叫做劣弧。【清单03】圆心角的概念圆心角概念：顶点在圆心的角叫做圆心角。弧、弦、弦心距、圆心角之间的关系定理：在同圆或等圆中，相等的圆心角所对的弧相等，所对的弦相等，所对的弦的弦心距相等。推论：在同圆或等圆中，如果两个圆心角、两条弧、两条弦或两条弦的弦心距中有C一组量相等，那么它们所对应的其余各组量分别相等。BO【清单04】圆周角的概念A圆周角概念：顶点在圆上，并且两边都和圆相交的角叫做圆周角。1圆周角定理：一条弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半。（即：圆周角=圆心角）2推论1：同弧或等弧所对的圆周角相等。DC在同圆或等圆中，如果两个圆周角相等，它们所对的弧一定相等。BOA推论2：半圆（或直径）所对的圆周角是直角，‰的圆周角所对的弦是直径。CBAO推论3：如果三角形一边上的中线等于这边的一半，那么这个三角形是直角三角形。CBAO【清单05】圆内接四边形圆的内接四边形定理：圆的内接四边形的对角互补，外角等于它的内对角。即：在⊙O中，∵四边ABCD是内接四边形DC∴CBAD180BD180DAECBAE27 【清单06】垂径定理垂径定理：垂直于弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧。推论1：1）平分弦（不是直径）的直径垂直于弦，并且平分弦所对的两条弧；2）弦的垂直平分线经过圆心，并且平分弦所对的两条弧；3）平分弦所对的一条弧的直径垂直平分弦，并且平分弦所对的另一条弧。推论2：圆的两条平行弦所夹的弧相等。常见辅助线做法（考点）：1）过圆心，作垂线，连半径，造Rt△，用勾股，求长度；3）有弧中点，连中点和圆心，得垂直平分【清单07】点与圆的位置关系设⊙O的半径是r，点P到圆心O的距离为d，则有：d<r点P在⊙O内；d=r点P在⊙O上；d>r点P在⊙O外。【清单08】过三点的圆3、过三点的圆不在同一直线上的三个点确定一个圆。4、三角形的外接圆经过三角形的三个顶点的圆叫做三角形的外接圆。3、三角形的外心三角形的外接圆的圆心是三角形三条边的垂直平分线的交点，它叫做这个三角形的外心。【清单09】直线与圆的位置关系1、直线与圆相离dr无交点；2、直线与圆相切dr有一个交点；3、直线与圆相交dr有两个交点；rd=rrdd、【清单10】切线的性质与判定定理28 1、切线的判定定理：过半径外端且垂直于半径的直线是切线；两个条件：过半径外端且垂直半径，二者缺一不可即：∵MNOA且MN过半径OA外端O∴MN是⊙O的切线2、性质定理：切线垂直于过切点的半径（如上图）MAN推论1：过圆心垂直于切线的直线必过切点。推论2：过切点垂直于切线的直线必过圆心。以上三个定理及推论也称二推一定理：即：①过圆心；②过切点；③垂直切线【清单11】切线长定理切线长定理：从圆外一点引圆的两条切线，它们的切线长相等，这点和圆心的连线平分两条切线的夹角。B即：∵PA、PB是的两条切线OP∴PAPB；PO平分BPAA【清单12】三角形的内切圆和内心1、三角形的内切圆与三角形的各边都相切的圆叫做三角形的内切圆。2、三角形的内心三角形的内切圆的圆心是三角形的三条内角平分线的交点，它叫做三角形的内心。注意：内切圆及有关计算。（1）三角形内切圆的圆心是三个内角平分线的交点，它到三边的距离相等。abc（2）△ABC中，∠C=90°，AC=b，BC=a，AB=c，则内切圆的半径r=。21（3）S△ABC=r(abc)，其中a，b，c是边长，r是内切圆的半径。2（4）弦切角：角的顶点在圆周上，角的一边是圆的切线，另一边是圆的弦。如图，BC切⊙O于点B，AB为弦，∠ABC叫弦切角，∠ABC=∠D。ADO【清单13】圆内正多边形的计算B29 （1）正三角形在⊙O中△ABC是正三角形，有关计算在RtBOD中进行：OD:BD:OB1:3:2；CBCOOOBABDADEA（2）正四边形同理，四边形的有关计算在RtOAE中进行，OE:AE:OA1:1:2：（3）正六边形同理，六边形的有关计算在RtOAB中进行，AB:OB:OA1:3:2.【清单14】与正多边形有关的概念1、正多边形的中心正多边形的外接圆的圆心叫做这个正多边形的中心。2、正多边形的半径正多边形的外接圆的半径叫做这个正多边形的半径。3、正多边形的边心距正多边形的中心到正多边形一边的距离叫做这个正多边形的边心距。4、中心角正多边形的每一边所对的外接圆的圆心角叫做这个正多边形的中心角。【清单15】正多边形的对称性1、正多边形的轴对称性正多边形都是轴对称图形。一个正n边形共有n条对称轴，每条对称轴都通过正n边形的中心。2、正多边形的中心对称性边数为偶数的正多边形是中心对称图形，它的对称中心是正多边形的中心。3、正多边形的画法先用量角器或尺规等分圆，再做正多边形。【清单16】扇形的弧长和面积计算2nRnR1扇形：（1）弧长公式：l；（2）扇形面积公式：SlR1803602n：圆心角R：扇形多对应的圆的半径l：扇形弧长S：扇形面积【清单17】扇形与圆柱、圆锥之间联系30 DAD11、圆柱：母线长底面圆周长（1）圆柱侧面展开图BC1C2SS2S=2rh2r表侧底（3）圆柱的体积：Vr2hB12、圆锥侧面展开图O2（1）SSS=Rrr表侧底R12（2）圆锥的体积：VrhC3ArBnΠR注意：圆锥的底周长=扇形的弧长（2Πr）180【考点题型一】圆的定义及性质【典例1】如图，在中，是直径，，ꀀ‰，则的度数为（）A．‰B．C．‰D．ꀀ‰【答案】A1【分析】本题考查了圆心角、弧、弦的关系，由在同圆中等弧对的圆心角相等得，即可耀求解，解题的关键是熟练掌握圆心角、弧、弦的关系．【详解】∵ꀀ‰，耀1ㄮ‰，∴12‰，∵，11∴12‰‰，耀耀故选：A．31 【变式1-1】如图，在中，，耀，则的度数是（）A．‰B．C．‰D．耀【答案】D【分析】本题考查圆心角，弧，弦的关系，在同圆或等圆中，如果两个圆心角、两条弧、两条弦中有一组量相等，那么它们所对应的其余各组量都分别相等，由此即可得到答案．【详解】解：，耀，耀．故选：D．【变式1-2】下列说法中正确的是（）A．直径是弦，半圆不是弧B．相等的圆心角所对的弧也相等C．周长相等的两个圆是等圆D．圆是轴对称图形，每一条直径都是它的对称轴【答案】C【分析】本题主要考查了圆的基本性质．根据圆的基本性质，逐项判断，即可求解．【详解】解：A、直径是弦，半圆是弧，故本选项错误，不符合题意；B、同圆（或等圆）中，相等的圆心角所对的弧也相等，故本选项错误，不符合题意；C、周长相等的两个圆是等圆，故本选项正确，符合题意；D、圆是轴对称图形，每一条直径所在的直线都是它的对称轴，故本选项错误，不符合题意；故选：C【变式1-2】如图，在中，，求证：．【答案】证明见解析32 【分析】本题考查了同圆或等圆中等弧所对的弦相等．熟练掌握弧与弦的关系是解题的关键．根据同圆或等圆中等弧所对的弦相等进行证明即可．【详解】证明：∵，∴耀耀，∴，∴．【考点题型二】运用垂径定理直接求线段的长度【典例2】如图，AB是的直径，弦于点，连接，若耀，ㄮ．(1)求的长度；(2)求的长度．【答案】(1)；(2)．【分析】此题考查了垂径定理和勾股定理，解题的关键是熟练掌握垂径定理和勾股定理的应用．（1）根据垂径定理即可求解；（2）根据勾股定理即可求解；【详解】（1）解：∵，11∴ㄮ；22（2）解：∵，∴‰，在Rt△中，由勾股定理得，2耀2耀2耀2．【变式2-1】在中，弦长为ㄮcm，圆心到的距离为耀cm，则的半径为（）A．cmB．cmC．ꀀcmD．7cm33 【答案】B【分析】本题考查了垂径定理和勾股定理，连接，作，根据垂径定理和勾股定理计算即可得解．【详解】解：如图：连接，作，∵圆心到的距离为耀cm，∴耀cm，∵，1∴cm，2由勾股定理可得：的半径耀2耀2cm，故选：B．【变式2-2】把球放在长方体纸盒内，球的一部分露出盒外，其截面如图所示，已知ܨ12cm，则球的直径长是（）A．1cmB．1ꀀcmC．1ㄮcmD．2‰cm【答案】A【分析】本题考查了垂径定理，勾股定理，根据题意连接，ܨ，作ܨ，延长交于点1，可得ܨ12cm，根据垂径定理可得ܨܨꀀcm，设圆的半径为cm，则212cm，在Rt△中，根据勾股定理即可求解．【详解】解：如图所示，连接，ܨ，过点作ܨ于点，延长交于点，34 11∴ܨ12cm，ܨܨ12ꀀcm，22设圆的半径为cm，则ܨcm，12cm，在Rt△中，22耀2，∴2ꀀ2耀122，11解得，，即圆的半径为cm，221∴球的直径长为221cm，2故选：A．【变式2-3】如图，为的直径，弦于点H，ㄮ，，则的长为．【答案】ㄮ【分析】本题考查了垂径定理，勾股定理，连接，根据垂径定理求出，再根据勾股定理求出即可，根据垂径定理得出是解题的关键．【详解】解：如图，连接，则，∵，过圆心，ㄮ，∴‰，，由勾股定理得：2222耀，∵，∴耀耀耀ㄮ，35 故答案为：ㄮ．【考点题型三】垂径定理的实际应用【典例3】如图1，圆形拱门屏风是家庭中常见的装饰隔断，既美观又实用，彰显出中国元素的韵味．如图2是一款拱门的示意图，其中C为的中点，D为拱门最高点，线段经过圆心O，已知拱门的半径为1径m，拱门最下端1径ㄮm．(1)求拱门最高点D到地面的距离；(2)现需要给房间内搬进一张长和宽均为2m、高为1径2m的桌子，已知搬桌子的两名工人在搬运时所抬高度相同，且高度为‰径m，判断搬运该桌子时是否能够通过拱门．（参考数据：2径2耀ꀀ）【答案】(1)拱门最高点D到地面的距离为2径7m(2)搬运该桌子时能够通过拱门【分析】本题主要考查了垂径定理的应用，勾股定理，能够准确作出辅助线，根据勾股定理列出方程是解决问题的关键．1（1）连接．由垂径定理可得‰径m，再用勾股定理解Rt△求出，即可求2解；（2）如图2，连接，由垂径定理可得1m，用勾股定理解Rt△求出，比较与抬起后桌子的高度即可得出结论．【详解】（1）解：如图1，连接．∵，经过圆心O，1∴‰径m，236 ∴221径2‰径21径2m，∴耀1径耀1径22径7m，∴拱门最高点D到地面的距离为2径7m．（2）解：如图2，，ܨ为桌子的宽度，，ܨ分别交于点P，Q，连接，则1m，1径m，‰径m，∴‰径7m．在Rt△中，根据勾股定理，得2耀22，即2耀121径2，解得（负值舍去），2∴耀‰径7耀1径ㄮ2m．2∵1径ㄮ21径2耀‰径1径7，∴搬运该桌子时能够通过拱门．【变式3-1】HUAWEIMateꀀ‰Pro是华为技术有限公司于2023年8月29日上架的一款全球首款支持卫星通话的大众智能手机，即使在没有地面网络信号的情况下，也可以拨打接听卫星电话，该手机还支持AI隔空操控、智感支付、注视不熄屏等智慧功能等．该系列完成了核心技术领域从0到1的跃迁，让无数国人为之自豪并被赞誉为“争气机”．手机背面有一条圆弧，象征着以山河之美致敬奔腾不息的力量．如图，圆弧对应的弦长ㄮ‰mm，半径，垂足为D，弓形高长1mm．(1)求的长；(2)求半径的长．37 【答案】(1)‰mm；(2)半径的长为mm．7【分析】本题考查了垂径定理，解题关键在于利用垂径定理和勾股定理构造关于半径的方程．（1）根据垂径定理即可求得‰mm；（2）利用勾股定理可以得到关于半径的一个方程，解方程即可求解．【详解】（1）解：∵，1∴‰mm；2（2）解：设，则1，在直角三角形中，22耀2，即2‰2耀12，解得，7答：半径的长为mm．7【变式3-2】民以食为天．我们常见的炒菜锅可近似的看作抛物线面，锅盖可近似的看作圆形面．经过锅心和盖心的纵断面是一段拋物线和圆弧线组合而成的封闭图形，不妨简称为“锅线”，锅口直径为ꀀdm，锅深ܨ为耀dm，锅盖高为1dm（锅口直径与锅盖直径视为相同），建立平面直角坐标系如图1所示（单位：dm），如果把锅纵断面的抛物线的记为，把锅盖纵断面所在的圆记作．(1)求抛物线解析式和弧所在的半径；(2)锅中原有水的最大深度为1径dm（如图2），由于加工食物的需要，又重新加入一定量的水，水位升高‰径dm，求此时的水面宽度；(3)如果将底面直径dm，高度为‰径dm的圆柱形蒸笼若干个叠加起来（如图3）放入锅中蒸食物（不考虑叠加缝隙），为了让锅盖能够盖上，那么最多可以放入这种规格的圆柱形蒸笼多少个？12【答案】(1)耀；的半径为dm耀38 (2)水面宽度为2ꀀdm(3)为了让锅盖能够盖上，那么最多可以放入这种规格的蒸笼4个【分析】（1）根据题意设抛物线解析式为：2耀，代入耀‰求出的值即可；圆心为，连接，设，则，由垂径定理出耀，根据勾股定理求出半径即可；（2）根据题意把1代入（1）中抛物线的解析式，求出即可；（3）先在抛物线中求出2时，的值，即的值，再借助图形在中，求出距轴的距离，即的值，再用2，求出其整数值即可．【详解】（1）由题意知抛物线的顶点为ܨ‰耀，且过耀‰，耀‰，设抛物线解析式为：2耀，1‰耀，解得：，耀12抛物线解析式为：耀，耀如图：圆心为，连接，设，则，1，1，在Rt△中，耀由勾股定理可得：22耀2，212耀，解得：，的半径为dm；（2）锅中原有水的最大深度为1径dm，又重新加入一定量的水，水位升高‰径dm，加水后水面水的最大深度为2dm39 水面距锅沿的竖直高度为1m，12当1时，耀1，耀解得ꀀ，水面宽度为2ꀀdm；（3）对于抛物线，如图所示：12当2时，2耀，耀耀dm；耀对于，如图所示：当dm时，2dm，2222221121，7耀21耀21，耀耀7121‰径ㄮ，耀耀ㄮ径，1ㄮ，耀为了让锅盖能够盖上，那么最多可以放入这种规格的蒸笼4个．【点睛】本题考查了二次函数的应用，待定系数法求二次函数解析式，垂径定理，勾股定理，解题的关键是求出抛物线的解析式和的半径，采用数形结合的思想解题．【变式3-3】某公路上有一隧道，顶部是圆弧形拱顶，圆心为，隧道的水平宽为2m，离地面的高度1‰m，拱顶最高处离地面的高度为1ㄮm，在拱顶的，处安装照明灯，且，40 离地面的高度相等都等于17m，求的长．【答案】1‰m【分析】根据题意和垂径定理得到ㄮm，12m，1m，根据勾股定理求得半径，进而利用勾股定理求得，即可求得．【详解】设于交于G，与交于H，∵1ㄮm，1‰m，2m，17m，∴ㄮm，12m，1m，设圆拱的半径为r，在Rt△中，22耀2，∴2ㄮ2耀122，解得1耀，∴1耀m，∴1耀112m，在Rt△中，22耀2，∴1耀2122耀2，解得22，∴m，∴1‰m．【点睛】本题考查了垂径定理的应用，作出辅助线构建直角三角形，利用勾股定理求解是解题的关键．【考点题型四】同心圆【典例4】如图，在两个同心圆中，大圆的弦与小圆相交于C，D两点．41 (1)求证：；(2)若耀，，大圆的半径，求小圆的半径r的值．【答案】(1)见解析(2)1‰【分析】本题考查垂径定理和勾股定理，利用垂径定理构造直角三角形从而利用勾股定理求解是解题的关键．（1）过O作于点E，由垂径定理可得，，再用等式的性质即可得证；（2）连接、，利用垂径定理求出，在Rt△中，由勾股定理求出2，然后在Rt△中，利用勾股定理即可求出．【详解】（1）证明：过O作于点E，如图，由垂径定理可得，，∴，∴；（2）解：连接、，如图，∵耀，，∴耀耀ㄮ，∴，∴耀1，∴在Rt△中，22222，∴在Rt△中，22耀212耀1‰，42 ∴1‰，即小圆的半径r为1‰【变式4-1】如图，一人口的弧形台阶，从上往下看是一组同心圆被一条直线所截得的一组圆弧．已知每个台阶宽度为32cm（即相邻两弧半径相差32cm），测得AB=200cm，AC=BD=40cm，则弧AB所在的圆的半径为cm【答案】134【分析】由于所有的环形是同心圆，画出同心圆圆心，设弧AB所在的圆的半径为r，利用勾股定理列出方程即可解答．【详解】解：设弧AB所在的圆的半径为r，如图．作OE⊥AB于E，连接OA，OC，则OA=r，OC=r+32，∵OE⊥AB，∴AE=EB=100cm，在RT△OAE中22221‰‰2，在RT△OCE中，222耀耀221‰2，则21‰‰2耀耀221‰2解得：r=134．故答案为：134．【点睛】本题考查垂径定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．【变式4-2】如图，在两个同心圆中，大圆的弦与小圆相交于C，D两点．43 (1)求证：．(2)若2，大圆的半径，求小圆的半径r．【答案】(1)证明见解析(2)小圆的半径r为17径【分析】（1）过O作于点E，由垂径定理可知E为和的中点，则可证得结论；（2）连接，由条件可求得的长，则可求得和的长，在Rt△中，利用勾股定理可求得的长，在Rt△中可求得的长；【详解】（1）证明：过O作于点E，如图1，由垂径定理可得∴∴径（2）解：连接，如图2，∵2，∴2耀ꀀ，∴耀，∴1，在Rt△中，由勾股定理可得2222耀21ꀀ，在Rt△中，由勾股定理可得22耀21ꀀ耀1217∴17，即小圆的半径r为17．【点睛】本题考查了垂径定理与勾股定理的知识．此题难度适中，解题的关键是注意数形结合思想的应44 用，注意辅助线的作法．【考点题型五】圆周角与圆心角的运用【典例5】如图，点A、B、C在上，若耀，则的度数为（）A．2‰B．‰C．ꀀ‰D．7‰【答案】D【分析】本题主要考查了圆周角定理，同圆或等圆中，同弧所对的圆周角度数是圆心角度数的一半，据此可得答案．【详解】解：∵点A、B、C在上，耀，∴27‰，故选：D．【变式5-1】如图，在中，为直径，点C，D是圆上的点，且‰，则的度数为（）A．‰B．ㄮ‰C．‰D．耀‰【答案】C【分析】本题考查了圆周角定理．根据圆周角定理，等弧所对的圆周角相等，三角形内角和定理计算求值即可；【详解】解：∵是圆的直径，∴‰，∵‰，∴1ㄮ‰‰，故选：C．45 【变式5-2】如图，是的半径，，是上的点，连接，，，若‰，则等于（）A．2‰B．22径C．2D．耀‰【答案】C【分析】本题主要考查圆周角定理，掌握圆周角定理是解题的关键．1根据圆周角定理得到，进而得到答案．2【详解】解：‰，11‰2．22故选：C．【考点题型六】圆内接四边形的综合运用【典例6】如图，过四边形的顶点A，C，D的圆，分别交，于点E，F．若‰，ܨ的度数为ꀀ，则°．【答案】102【分析】本题考查的是圆内接四边形的性质、圆周角定理，连接ܨ，根据圆周角定理求出ܨ，根据三角形的外角性质求出ܨ，再根据圆内接四边形的性质计算，得到答案．【详解】如图，连接ܨ，ܨ的度数为ꀀ，46 1ܨꀀ2ㄮ，2ܨܨ耀2ㄮ耀‰7ㄮ，四边形ܨ为圆内接四边形，耀ܨ1ㄮ‰，1ㄮ‰7ㄮ1‰2，故答案为：102．【变式6-1】如图，四边形为的内接四边形，已知1‰‰，则的度数为．【答案】1耀‰/1耀‰度【分析】本题主要考查了圆内角四边形的性质，圆周角定理，利用同弧所对的圆周角是圆心角度数的一半求出‰，再根据圆内接四边形对角互补即可求出答案．【详解】解：∵1‰‰，1∴‰，2∵四边形为的内接四边形，∴1ㄮ‰1耀‰，故答案为：1耀‰．【变式6-2】如图，点C是的劣弧上一点，ꀀ，则的度数为（）A．12B．12‰C．1耀2D．1‰【答案】C【分析】本题考查了圆周角定理和圆内接四边形性质的应用，正确作辅助线是解此题的关键．47 在优弧上取一点D，连接，，根据圆周角定理求出ㄮ，再根据圆内接四边形性质即得1耀2．【详解】在优弧上取一点D，连接，，∵ꀀ，1∴ㄮ，2∴1ㄮ‰1耀2．故选：C．【变式6-3】如图，A，B，C，D在上，2，则的度数是（）A．11B．112径C．122径D．1耀【答案】A【分析】由得2，根据三角形内角和定理计算出1耀‰，则根据圆1周角定理得，然后根据圆内接四边形的性质求解．本题考查的是圆周角定理，熟知在同圆2或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半是解答此题的关键．【详解】解：连接、．48 ，2，1ㄮ‰221耀‰，1ꀀ，21ㄮ‰11．故选：A．【考点题型七】点与圆的位置关系【典例7】已知的半径为4，点在内，则的长可能是（）A．3B．4C．5D．6【答案】A【分析】本题考查了点与圆的位置关系，根据点与圆的位置关系解答即可，熟练掌握点与圆的位置关系是解此题的关键．【详解】解：∵的半径为4，点在内，∴，∴的长可能是3，故选：A．【变式7-1】若所在平面内有一点，点到上点的最大距离为8，最小距离为2，则的直径为（）A．6B．10C．6或10D．无法确定【答案】C【分析】由于点P与⊙O的位置关系不能确定，故应分两种情况进行讨论．【详解】解：设⊙O的直径为d,当点P在圆外时，ㄮ2ꀀ；当点P在⊙O内时，ㄮ耀21‰．故选C．【点睛】本题考查的是点与圆的位置关系，解答此题时要进行分类讨论，不要漏解．【变式7-2】若点A在⊙O内，点B在⊙O外，OA＝3，OB＝5，则⊙O的半径r的取值范围是（）A．0＜r＜3B．2＜r＜8C．3＜r＜5D．r＞549 【答案】C【分析】直接根据点与圆的位置关系的判定方法求解．【详解】解：∵点A在半径为r的⊙O内，点B在⊙O外，∴OA小于r，OB大于r，∵OA＝3，OB＝5，∴3＜r＜5．故选：C．【点睛】本题考查了点与圆的位置关系：点的位置可以确定该点到圆心距离与半径的关系，反过来已知点到圆心距离与半径的关系可以确定该点与圆的位置关系．【变式7-3】若⊙P的半径为5，圆心P的坐标为（﹣3，4），则平面直角坐标系的原点O与⊙P的位置关系是．【答案】点O在⊙P上【分析】由勾股定理等性质算出点与圆心的距离d，则d＞r时，点在圆外；当d=r时，点在圆上；当d＜r时，点在圆内．【详解】解：由勾股定理，得OP＝耀2耀2＝5，d＝r＝5，故点O在⊙P上．故答案为点O在⊙P上.【点睛】此题考查点与圆的位置关系的判断．解题关键在于要记住若半径为r，点到圆心的距离为d，则有：当d＞r时，点在圆外；当d=r时，点在圆上，当d＜r时，点在圆内．【考点题型八】确定圆的条件【典例8】小王不慎把一面圆形镜子打碎了，其中三块如图所示，三块碎片中最有可能配到与原来一样大小的圆形镜子的碎片是（）A．①B．②C．③D．都不能50 【答案】B【分析】要确定圆的大小需知道其半径．根据垂径定理知第②块可确定半径的大小．【详解】解：第②块出现两条完整的弦，作出这两条弦的垂直平分线，两条垂直平分线的交点就是圆心，进而可得到半径的长．故选：B．【点睛】本题考查了垂径定理的应用，确定圆的条件，解题的关键是熟练掌握：圆上任意两弦的垂直平分线的交点即为该圆的圆心．【变式8-1】给定下列条件可以确定唯一的一个圆的是（）A．已知圆心B．已知半径C．已知直径D．不在同一直线上的三个点【答案】D【分析】根据确定圆的条件，逐一判断选项，即可得到答案．【详解】A.已知圆心，但半径不确定，不可以确定唯一的一个圆，不符合题意，B.已知半径，但圆心位置不确定，不可以确定唯一的一个圆，不符合题意，C.已知直径，但圆心位置不确定，不可以确定唯一的一个圆，不符合题意，D.不在同一条直线上的三个点可以确定一个圆，符合题意．故选D．【点睛】本题主要考查确定圆的条件，掌握不在同一直线上的三个点确定一个圆，是解题的关键．【变式8-2】已知平面直角坐标系中的三个点分别为11、2、ꀀ，则A、B、C这三个点确定一个圆（填“可以”或“不可以”）．【答案】可以【分析】本题考查了确定圆的条件：不在同一直线上的三点确定一个圆．用待定系数法求一次函数解析式．先利用待定系数法求出直线的解析式，再根据一次函数图象上点的坐标特征判断点C是否在直线上，然后根据确定圆的条件进行判断．【详解】解：设直线的解析式为䁠耀ᦙ，把11、2代入得，䁠耀ᦙ1，2䁠耀ᦙ䁠2解得，，ᦙ1所以直线的解析式为2耀1，当时，2耀1ㄮ耀17ꀀ，51 所以点ꀀ不在直线上，即点A、B、C不在同一条直线上，所以过A、B、C这三个点能确定一个圆．故答案为：可以【变式8-3】在平面直角坐标系xOy内有三点：（0，﹣2），（1，﹣1），（2.17，0.37）．则过这三个点（填“能”或“不能”）画一个圆，理由是．【答案】能因为这三点不在一条直线上．【分析】经过三点能不能作圆,关键是看这三个点在不在同一个圆上,所以先求出前两个点所在直线的解析式,再判断第三个点在不在这条直线上即可.【详解】解：设前两个点所在的直线的解析式为y=kx+b,因为点(0,-2),(1,-1)在直线上,所以-2bk1，解得，-1k耀bb-2所以直线的解析式为y=x-2,当x=2.17时,y≠0.37,所以点（0，﹣2），（1，﹣1），（2.17，0.37）不在同一条直线上,所以经过这三个点可以作圆.故答案为:可以，因为这三点不在一条直线上.【点睛】本题主要考查确定圆的条件,关键要注意过不在同一直线上的三个点确定一个圆.【考点题型九】根据三角形的外接圆的性质的运用【典例9】如图，在等腰三角形ABC中，AB=AC，AD⊥BC，垂足为D．(1)请用尺规作图作出三角形ABC的外接圆⊙O；（不写作法及证明，应保留作图痕迹）(2)若BC＝4，AD=5，求⊙O的半径r．【答案】(1)见解析52 2(2)1‰【分析】（1）作AB边的垂直平分线交AD于点O，再以O点为圆心，OA长为半径画圆，即可求解；（2）连结OB，根据等腰三角形的性质可得BD=CD=2，然后设⊙O的半径为r，则AO=BO=r，，在Rt△BOD中，由勾股定理即可求解．【详解】（1）解：∵AB=AC，AD⊥BC，∴BD=CD，即AD垂直平分BC，∴作AB边的垂直平分线交AD于点O，再以O点为圆心，OA长为半径画圆，⊙O即为所求作，如下图所示；（2）解：连结OB，∵AB=AC，AD⊥BC，BC＝4，∴BD=CD=2，设⊙O的半径为r，则AO=BO=r，，在Rt△BOD中，由勾股定理可得：2222，2解得：，1‰2∴⊙O的半径．1‰【点睛】本题主要考查了三角形的外接圆，等腰三角形的性质，勾股定理，熟练掌握三角形的外接圆的性质，等腰三角形的性质，勾股定理是解题的关键．【变式9-1】如图，是等边三角形的外接圆，若的半径为r，则△的面积为（）53 耀2耀2耀2耀耀2A．B．C．D．ㄮ2【答案】D1【分析】连接，，延长交于D，根据等边三角形性质得出，，2耀‰，求出，根据勾股定理求出，即可求出，根据三角形的面积公式求出即可．【详解】连接，，延长交于D，∵等边三角形是，11∴，，耀‰，2211∴，221耀∴耀耀2222耀，由勾股定理得：2∴2耀则的面积是11耀耀耀2△耀，222故选：D．【点睛】本题考查了等边三角形、等腰三角形的性质，勾股定理，三角形的外接圆，三角形的面积等知识点的应用，关键是能正确作辅助线后求出的长，题目具有一定的代表性，主要考查学生运用定理进行推理和计算的能力．【变式9-2】已知，如图，在Rt△中，‰，ꀀ，ㄮ，那么这个三角形的外接圆直径54 是（）A．4B．5C．8D．10【答案】D【分析】本题考查直角三角形的外接圆半径，根据勾股定理求得斜边的长，进而即可求解，重点在于理解直角三角形的外接圆是以斜边中点为圆心，斜边长的一半为半径的圆．【详解】解：在Rt△中，‰，ꀀ，ㄮ，∴2耀2ꀀ2耀ㄮ21‰∴这个三角形的外接圆直径是1‰故选：D．【变式9-3】如图，△ABC的外接圆半径为8，∠ACB＝60°，则AB的长为（）A．8耀B．4耀C．6D．4【答案】A【分析】连接OA，OB，过O作OH⊥AB于H，根据圆周角定理得到∠AOB=2∠ACB=120°，根据等腰三角形的性质得到∠AOH=∠BOH=60°，根据直角三角形的性质得到OH，AH的长，于是得到答案．【详解】解：连接OA，OB，过O作OH⊥AB于H，55 ∵∠ACB=60°，∴∠AOB=2∠ACB=120°，∵OB=OA=8，∴∠AOH=∠BOH=60°，∴∠OAB=30°，1∴OH=OA=4，2∴AH=22ㄮ22耀，∴AB=2AH=8耀，故选：A．【点睛】本题考查了三角形的外接圆与外心，等腰三角形的性质，垂径定理，勾股定理，正确的作出辅助线是解题的关键．【考点题型十】直线与圆的位置关系的判定【典例10】已知的半径为4，点O到直线m的距离为3，则直线m与的位置关系是（）A．相离B．相交C．相切D．不确定【答案】B【分析】本题考查了直线与圆的位置关系，掌握直线和圆的位置关系判断方法：“设的半径为r，圆心O到直线l的距离为d．①直线l和相交，②直线l和相切，③直线l和相离．”是解题的关键．【详解】解：耀，，直线与圆相交，故选：B．【变式10-1】在△中，，为中点，以点为圆心，长为半径作，则与直线的位置关系是（）A．相交B．相切C．相离D．不确定【答案】B56 【分析】本题考查等腰三角形的性质，圆的切线的判定．先由等腰三角形三线合一的性质得出，再根据切线的判定即可得出位置关系．【详解】解：如图，连接，△是等腰三角形为中点是等腰△的高为的半径是的切线与直线的位置关系是相切．故选：B．【变式10-2】在平面直角坐标系中，以点耀2为圆心，3为半径的圆与坐标轴的位置关系为()A．与x轴相切，与y轴相离：B．与x轴相交，与y轴相切C．与x轴，y轴都相交D．与x轴，y轴相离【答案】B【分析】本题考查了直线与圆的位置关系、坐标与图形性质．直线与圆相切，直线到圆的距离等于半径；与圆相离，直线到圆的距离大于半径．本题应将该点的横纵坐标分别与半径对比，大于半径时，则坐标轴与该圆相离；若等于半径时，则坐标轴与该圆相切．【详解】解：是以点耀2为圆心，3为半径的圆，则点耀2到y轴的距离是3，与x轴的距离是2，∵耀耀，耀2，这个圆与轴相交，与轴相切．故选：B．【变式10-3】已知O的半径是4，圆心O到直线l的距离是3，则直线l与O的公共点有个．【答案】2【分析】本题考查了直线与圆的位置关系，若圆的半径为r，圆心到直线的距离为d，时，圆和直线相离；时，圆和直线相切；时，圆和直线相交．57 【详解】解：圆心到直线的距离是耀圆的半径4，直线和圆相交，即有2个公共点．故答案为：2．【考点题型十一】利用切线的性质求有关的角度/边长的运算【典例11】如图，是的直径，是切线，交于点，‰，则（）A．耀‰B．‰C．‰D．ꀀ‰【答案】C【分析】本题考查了切线的性质，圆周角定理，熟练掌握切线的性质是解题的关键．由圆周角定理得出‰，根据切线的性质得出‰，由余角的性质可得出答案．【详解】解：是的直径，‰，耀‰，是切线，，耀‰，‰．故选：C【变式11-1】如图，P是圆O的直径上一点，与圆O相切于点M，连接，耀‰，若2耀，则的长为．【答案】2耀【分析】本题考查切线的性质、圆周角定理、等腰三角形的判定，解题的关键是掌握圆的切线垂直于经58 过切点的半径；连接，根据切线性质得‰，再根据直角三角形的锐角互余得ꀀ‰，根据圆周角定理进而求得耀‰，然后根据等腰三角形的判定解答即可．【详解】解：连接，与圆O相切于点M，‰；耀‰，ꀀ‰；，1耀‰，2，；2耀，2耀；故答案为：2耀．【变式11-2】如图，四边形内接于，是直径，过C点的切线与的延长线交于P点，若‰，则的度数为．【答案】11/115度【分析】根据过C点的切线与的延长线交于P点，‰，可以求得和的度数，又根据圆内接四边形对角互补，可以求得∠D的度数，本题得以解决．本题考查切线的性质、圆内接四边形，等边对等角，解题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件．【详解】解：连接，如图：59 由题意可得，‰，‰，∴‰，∵，∴ꀀ，∵四边形是圆内接四边形，∴耀1ㄮ‰，∴11，故答案为：11．【变式11-3】如图，在△中，已知‰，在上取一点E，以为直径的恰与相切于点D．若2，．则，．【答案】66【分析】本题考查了切线的性质，勾股定理，相似三角形性质和判定，利用切线的性质得到，设的半径为x，则，2耀，在Rt△中，利用勾股定理建立等式求出的值，进而得到，，再证明△∽△，利用相似三角形性质求出，即可解题．【详解】解：如图，连接，60 与相切，，设的半径为x，则，耀2耀，在Rt△中，由勾股定理可得22耀2，即2耀22耀2，解得耀，2ꀀ，耀2耀ꀀㄮ，‰，，△∽△，，耀即，ㄮ解得ꀀ，故答案为：6；6．【考点题型十二】切线的性质与判定的综合运用【典例12】如图，为的直径，C为上一点，D为的中点，过C作的切线交的延长线于E，交的延长线于F，连．61 (1)求证：与相切；(2)若耀，ܨ2，求的半径．【答案】(1)见解析耀(2)2【分析】本题主要考查垂径定理、切线的判定和性质、全等三角形的判定和性质，掌握相关定理并能利用等面积法解决问题是关键．（1）连接，由垂径定理得，根据垂直平分线的的性质可得，证明△△，利用全等三角形的性质可得‰即可；111（2）先利用勾股定理求得ܨ，设，再根据等面积法列耀耀耀即222可求解．【详解】（1）证明：如图，连接，ܨ是的切线，‰，为的中点，，，则垂直平分，，，，△△SSS，‰，与相切；（2）解：耀，ܨ2，ܨ，由（1）可知耀，‰，ܨܨ222耀2，设，62 △ܨ△ܨ耀△，111ܨܨ耀，222111耀耀耀，222耀解得，2耀故的半径为．2【变式12-1】如图，与△的边相切于点B，与边相切于点D，与边交于点E，是的直径．(1)求证：∥；耀(2)若的半径是，2，求的长．2【答案】(1)证明见解析(2)3【分析】本题考查了切线的判定与性质：经过半径的外端且垂直于这条半径的直线是圆的切线；圆的切线垂直于经过切点的半径，熟练掌握切线的性质是解题的关键．（1）连接，根据切线的性质得到，根据全等三角形的性质得到，求得，根据平行线的判定定理得到结论；（2）先利用勾股定理得到，则，再证明△∽△，则利用相似比可求出，然后2利用△△得出的长即可．【详解】（1）证明：连接，63 与△的边相切于点B，与边相切于点D，，‰，在△和△中，△△SAS，11ㄮ‰，2∵，11ㄮ‰，2，∥；（2）在Rt△中，22耀2耀耀22，22耀耀耀，22∵，△∽△，耀22，即，解得：耀，△△，耀．【变式12-2】如图，在△中，平分交于点，以点为圆心、的长为半径的64 与相切于点A，与相交于点．(1)求证：是的切线；(2)若，1耀，求和的长．【答案】(1)证明见解析；1‰(2)12，．耀【分析】（1）过点作ܨ，根据切线的性质得到，再根据角平分线的性质，得到ܨ，即可证明结论；（2）由勾股定理得12，利用“HL”证明Rt△Rt△ܨ，得到ܨ，进而得到ܨㄮ，设ܨ，则，12，利用勾股定理列方程求解即可得到答案．【详解】（1）解：过点作ܨ于点ܨ，是的切线，，平分，，ܨ，ܨ，ܨ，是的切线；（2）解：，1耀，在Rt△中，221耀2212，在Rt△和Rt△ܨ中，，ܨRt△Rt△ܨHL，ܨ，65 ܨܨ1耀ㄮ，设ܨ，则，12，在Rt△ܨ中，2ܨ2耀ܨ2，122ㄮ2耀2，1‰解得：，耀1‰．耀【点睛】本题考查了切线的判定和性质，角平分线的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理等知识，熟练掌握切线的判定和性质与全等的判定和性质是解题关键．【考点题型十三】利用切线长定理的性质求线段长度或周长【典例13】如图，、、分别与相切于点、、点，若圆的半径为ꀀ，1‰，则△的周长为()A．10B．12C．16D．20【答案】C【分析】本题考查了切线长定理，根据题意得出，，，，进而得出△周长2，连接，勾股定理求得，即可求解．【详解】解：连接，、、分别与相切于点、、点，，，，，△周长耀耀耀耀耀耀2，在Rt△中，222，1‰2ꀀ2ㄮ，△周长21ꀀ．故选：C．66 【变式13-1】如图，某小区打算进行公共设施改造，现有一块边长为‰m的正方形空地，点O在边的中点处，计划在正方形空地内搭建一个以O为圆心，为直径的半圆形儿童游乐场区域，过点C作半圆的切线交于点N．以为正方形的区域分割线，位于分割线右下方的整个区域作为小区的休闲区，则该休闲区的面积为（）m2．A．1000B．140C．800D．ꀀ‰‰2【答案】A【分析】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径．也考查了切线长定理、勾股定理和正方形的性质．先证明、为的切线，利用切线长定理得到ܨ，ܨ，设，则ܨ，ㄮ，在Rt△中根据勾股定理得到‰2耀‰2‰耀2，解方程得到1‰m，然后根据梯形的面积公式计算．【详解】解：如图，设与相切于点F，四边形为正方形，，‰，，，、为的切线，切于ܨ，ܨ，ܨ，67 ∵正方形的边长为‰m，∴设，则ܨ，‰，在Rt△中，‰2耀‰2‰耀2，解得1‰，1‰m，12直角梯形面积1‰耀‰‰1‰‰‰m．2故选：A．【变式13-2】如图，、切于点A、B，直线ܨ切⊙O于点E，交于F，交于点G，若ㄮcm，则△ܨ的周长是．【答案】16cm【分析】本题考查切线长定理，根据切线长定理推出△ܨ的周长等于2，即可得出结果．【详解】解：∵、切于点A、B，直线ܨ切⊙O于点E，∴ܨܨ，∴△ܨ的周长ܨ耀ܨ耀耀ܨ耀ܨ耀耀耀21ꀀcm；故答案为：1ꀀcm．【变式13-3】如图，在四边形中，、、分别与相切于B、E、A三点，为的直径．若cm，耀cm，则的半径为cm．【答案】2耀【分析】本题考查了切线的性质，切线长定理，勾股定理，矩形的判定与性质，根据切线的性质把图形分割为矩形和直角三角形是解题的关键．过D作ܨ于F，由切线的性质得四边形ܨ是矩形，则ܨ，ܨ；由切线长定理68 可得的长，由勾股定理即可求解．【详解】解：如图，过D作ܨ于F，∵，与，∴，，∴ܨ‰，∴四边形ܨ是矩形，∴ܨ，ܨ耀cm，∴ܨܨ耀1cm；∵、、分别与相切，∴耀cm，cm，∴耀耀耀7cm；在Rt△ܨ中，由勾股定理得：ܨ2ܨ21耀cm，∴ܨ耀cm，1∴的半径为2耀cm．2故答案为：2耀【变式13-4】如图，，分别切于点A，B，点C是上一点，过C作的切线，交，于点D，E，若ꀀcm，则△的周长是cm．【答案】12【分析】本题考查了切线长定理；根据切线长定理可得ꀀcm，，，求出△的周长为耀即可．【详解】解：∵，分别切于点A，B，69 ∴ꀀcm，∵是的切线，∴，，∴△的周长为：耀耀耀耀耀耀耀耀耀12cm，故答案为：12．【考点题型十四】三角形的内切圆与内心【典例14】如图，△的内切圆与、、分别相切于点D、E、F且2，则△的周长为（）．A．7B．14C．10D．4【答案】B【分析】本题考查了圆的切线长定理，由此可得ܨ2，，ܨ，根据三角形的周长公式计算即可，掌握切线长定理“从圆外一点引圆的两条切线，它们的切线长度相等”是解题的关键．【详解】解：△的内切圆与、、分别相切于点、、ܨ，ܨ2，，ܨ，耀ܨ耀，△的周长：耀耀耀ܨ耀ܨ耀ܨ耀耀耀ܨ1故选：B．【变式14-1】已知△的内切圆半径耀，、、ܨ为切点，ꀀ‰，ㄮ，△1‰耀，则．70 【答案】5【分析】连接、、、、ܨ、，根据题意得到耀‰，即耀耀，1进而得出ܨ，△1‰耀耀耀即可求解．2【详解】解：如图，连接、、、、ܨ、，∵△的内切圆半径耀，、、ܨ为切点，ꀀ‰，耀‰，耀耀，ㄮ，ㄮ耀ܨ，△1‰耀，1耀耀1‰耀，21耀耀耀ㄮ耀耀ܨ耀1‰耀，ܨ2，2即耀27，耀耀2，故答案为：5．【点睛】本题考查圆的外接三角形，等腰三角形的性质，圆的切线定理，准确作出辅助线是解题的关键．【变式14-2】如图，在Rt△中，‰，△的内切圆与、、分别相切于点D、E、F，若的半径为2，2，则的长．71 【答案】10【分析】本题考查三角形的内切圆与内心，切线长定理、勾股定理等知识，解题的关键是学会利用参数，构建方程解决问题．连接、ܨ．则由题意可知四边形ܨ是正方形，边长为2．设ܨ，ᦙ，则耀2，ᦙ耀2，耀ᦙ，由2耀22，由此即可解决问题；【详解】解：如图连接、ܨ．则由题意可知四边形ܨ是正方形，边长为2．∵△的内切圆与、、分别相切于点D、E、F，∴可以假设ܨ，ᦙ，则耀2，ᦙ耀2，耀ᦙ，∵2耀22，∴耀22耀ᦙ耀22耀ᦙ2，∴耀ᦙ耀ㄮ2ᦙ，∴耀ᦙㄮㄮ，∴耀ᦙ1‰，∴1‰．故答案为：10．【考点题型十五】正多边形与圆求角度【典例15】如图，是正五边形的外接圆，点P是上的的一点，则的度数是（）72 A．耀‰B．耀ꀀC．D．72【答案】B【分析】本题考查圆内接多边形性质，以及同弧所对圆周角等于圆心角的一半，根据圆内接多边形性质1求得，再根据圆周角定理得到，即可解题．2【详解】解：是正五边形的外接圆，耀ꀀ‰72，，1耀ꀀ，2故选：B．【变式15-1】如图，正五边形内接于，ܨ是上一点，则ܨ的度数为（）A．72B．C．耀ꀀD．耀‰【答案】C耀ꀀ‰【分析】本题考查了正五边形的中心角的计算，圆周角定理的应用，连接，求得72，1结合圆周角定理，ܨ，计算即可．2【详解】连接∵正五边形内接于，ܨ是上一点，73 耀ꀀ‰∴72，1∴ܨ耀ꀀ，2故选C．【变式15-2】如图，正五边形内接于，P为上一点，连接，，则的度数为（）A．1ㄮB．耀ꀀC．D．72【答案】B耀ꀀ‰【分析】本题考查的是正多边形和圆，掌握正多边形的中心角的计算公式是解题的关键．【详解】解：连接、，∵是圆内接五边形，耀ꀀ‰∴72，11∴72耀ꀀ，22故选B．【变式15-3】如图，正六边形ܨ和正五边形ܫ内接于，且有公共顶点A，则的度数为度．74 【答案】12【分析】连接AO，求出正六边形和正五边形的中心角即可作答．【详解】连接AO，如图，∵多边形ABCDEF是正六边形，∴∠AOB=360°÷6=60°，∵多边形AHIJK是正五边形，∴∠AOH=360°÷5=72°，∴∠BOH=∠AOH-∠AOB=72°-60°=12°，故答案为：12．【点睛】本题考查了正多边形的中心角的知识，掌握正多边形中心角的计算方法是解答本题的关键．【考点题型十六】正多边形与直角坐标系综合【典例16】如图，在平面直角坐标系中，边长为2的正六边形ܨ的中心与原点重合，∥轴，交轴于点．将△绕点顺时针旋转，每次旋转‰，则第2023次旋转结束时，点的坐标为（）75 A．耀1B．1耀C．耀1D．1耀【答案】C【分析】本题考查了正多边形的性质、坐标与图形的变化—旋转规律性问题，首先确定点的坐标，得出每次一个循环，计算出2‰2耀‰耀，由此即可得出答案，得出规律是解此题的关键．【详解】解：正六边形ܨ的边长为2，中心与原点重合，∥轴，交轴于点，1，2，‰，22耀，∴点的坐标为1耀，第1次旋转结束时，点旋转到第四象限，坐标为耀1，第2次旋转结束时，点旋转到第三象限，坐标为1耀，第耀次旋转结束时，点旋转到第二象限，坐标为耀1，第次旋转结束时，点的坐标为1耀，每次一个循环，2‰2耀‰耀，第2023次旋转结束时，点的坐标为耀1，故选：C．【变式16-1】2023年11月，临邑县迎来了较大程度的降雪，某数学兴趣小组在实验过程中发现每片雪花都有不同的形状．如图，将具有“雪花”图案（边长为4的正六边形ܨ）的图形，放在平面直角坐标系中，若与x轴垂直，顶点A的坐标为2耀，则顶点C的坐标为（）76 A．22耀耀B．‰1耀2耀C．2耀耀D．22耀2耀耀【答案】A【分析】此题重点考查图形与坐标、正多边形与圆、等边三角形的判定与性质、勾股定理等知识，正确地作出所需要的辅助线是解题的关键．设正六边形ܨ的中心为点H，连接、、，作于点G，由，ꀀ‰，证明△和△都是等边三角形，则，ꀀ‰，所以∥，而与x轴垂直，所以∥轴，由2耀，求得21，因为2，所以222耀，即要求得22耀耀，于是得到问题的答案．【详解】解：设正六边形ܨ的中心为点H，连接、、，作于点G，1，耀ꀀ‰ꀀ‰，ꀀ△和△都是等边三角形，∵正六边形ܨ的边长为4，，ꀀ‰，∥，与x轴垂直，∥∥轴，∥轴，2耀，2，耀耀1，21，77 1‰，，2，2222222耀，22耀，1，22耀，1耀2耀，22耀耀，故选：A．【变式16-2】如图，在正六边形中，以点O为原点建立平面直角坐标系，边落在x轴上.若点A的坐标为‰，则点B的坐标为．【答案】ꀀ，2耀【分析】本题考查正多边形，图形和坐标，勾股定理，先根据正六边形得到，ܨꀀ‰，然后再Rt△ܨ中利用勾勾股定理计算是解题的关键．【详解】解：过点作ܨ轴于点ܨ，∵正六边形，点A的坐标为‰耀ꀀ‰∴，ܨꀀ‰，ꀀ∴ܨ耀‰，11∴ܨ2，22∴ܨ2ܨ22222耀，ܨ耀ܨ耀2ꀀ，∴点B的坐标为ꀀ，2耀，故答案为：ꀀ，2耀．78 【变式16-3】如图，边长为2的正六边形ܨ的中心与坐标原点O重合，ܨ∥轴，将正六边形ܨ绕原点O逆时针旋转n次，每次旋转ꀀ‰，当2‰22时，顶点A的坐标为．【答案】1耀【分析】将正六边形ܨ绕原点O逆时针旋转2‰22次时，点A所在的位置是自身所在的位置，连接，ܨ，设ܨ交y轴于点H，先判断△ܨ是等边三角形，求出和的长度，即可求出点A的坐标．【详解】解：2‰22ꀀ‰耀ꀀ‰耀耀7，∴当2‰22时，顶点A旋转到了原来的位置，连接，ܨ，设ܨ交y轴于点H，在正六边形ܨ中，ܨꀀ‰，ܨ，△ܨ是等边三角形，79 ܨ2，ܨ1，ܨ，222212耀，1耀，即当2‰22时，顶点A的坐标为1耀，故答案为：1耀．【点睛】本题考查了正多边形的性质、旋转变换的性质，掌握正多边形的性质、旋转变换的性质是解题的关键．【变式16-4】如图，在平面直角坐标系中，正六边形的边长是2，则它的外接圆圆心的坐标是．【答案】1耀.【分析】过点P作PF⊥OA，垂足为F，计算PF，OF的长度即可.【详解】如图，过点P作PF⊥OA，垂足为F，∵正六边形的边长是2，∴OA=2，∠OPA=60°，∴OP=2，∠OPF=30°，∴OF=1，PF=耀，∴点P的坐标为（1，耀），故答案为：（1，耀）.【点睛】本题考查了正六边形的计算，熟练掌握正六边形的边长等于外接圆的半径，中心角为60°是解题的关键.80 【考点题型十七】弧长的计算【典例17】已知点、、在上，耀‰，把劣弧沿着直线折叠交弦于点．，ꀀ，则的长为．7【答案】π耀【分析】取点在上的对应点E，连接、、、、、，过点作ܨ于ܨ点，根据四边形内接于，有耀1ㄮ‰，根据折叠的性质有，可证明1，即△是等腰三角形，则有ܨܨ耀，进而有ܨ耀ܨ12，再解直角三2角形求得ܨ，然后利用勾股定理求得，易证得△是等边三角形，得到7，然后利用弧长公式求得即可．【详解】解：取点在上的对应点，连接、、、、、，过点作ܨ于ܨ点，如图，∵四边形内接于，∴耀1ㄮ‰，∵点在上的对应点为点，∴根据折叠的性质有，∵耀1ㄮ‰，∴耀1ㄮ‰，∵耀1ㄮ‰，∴，∴△是等腰三角形，81 ∵ܨ，ꀀ，1∴ܨܨ耀，2∵，∴ܨ耀ܨ12，∵ܨ，∴△ܨ是直角三角形，∵耀‰，耀在Rt△ܨ中，ܨܨ耀，耀2在Rt△ܨ中，ܨ2耀ܨ2耀2耀耀7，∵耀‰，∴ꀀ‰，∵，∴△是等边三角形，∴7，ꀀ‰π77∴的长为π；1ㄮ‰耀7故答案为：π．耀【点睛】本题考查了圆中折叠的问题，圆内接四边形的性质，含耀‰角的直角三角形的性质，等腰三角形的判定与性质，等边三角形的判定和性质，勾股定理，弧长公式，正确作出辅助线是解题的关键．【变式17-1】扇面画是中国传统书画中一种独具特色的艺术样式，将扇子的实用功能与书画的观赏功能巧妙结合．如图所示，已知1‰cm，1cm，的长为2‰cm，则的长为cm．【答案】50【分析】本题考查求弧长，掌握弧长公式是解题的关键．先求出的度数，再利用弧长公式进行求解即可．82 【详解】解：∵1‰cm，1cm，的长为2‰cm，2‰1ㄮ‰耀ꀀ‰∴耀2cm，，1‰耀ꀀ‰2∴的长为‰cm；1ㄮ‰故答案为：50．【变式17-2】如图，在Rt△中，‰，耀‰，ㄮ，以点C为圆心，的长为半径画弧，交于点D，则的长为．【答案】耀1【分析】此题考查了弧长公式、等边三角形的判定和性质，求出，再证明△为等边2三角形，根据弧长公式即可求出答案．【详解】解：连接，如图所示：∵‰，耀‰，ㄮ，1∴‰耀‰ꀀ‰，，2由题意得：，∴△为等边三角形，∴ꀀ‰，ꀀ‰∴的长为：，1ㄮ‰耀故答案为：．耀【变式17-3】如图，矩形纸片中，1ꀀ2，将纸片裁成如图所示的扇形，若将此扇形围成圆锥侧面，则此圆锥的底面半径为．83 【答案】4【分析】本题考查了圆锥的底面半径，根据弧长等于底面圆的周长，即可求解．【详解】解：设圆锥的底面圆半径为r，‰π‰π1ꀀ依题意，得2π，1ㄮ‰1ㄮ‰解得．故圆锥的底面半径为4．故答案为：4．【考点题型十八】计算扇形的面积【典例18】扇形的半径为1‰cm，圆心角为，则扇形的面积为．【答案】1cm2/1平方厘米2【分析】本题考查了求扇形面积，根据扇形面积公式，即可解答．耀ꀀ‰1‰22【详解】解：扇形的面积1cm，耀ꀀ‰故答案为：1cm2．【变式18-1】如图，，，的半径都是2cm，则图中三个扇形（即阴影部分）面积之和是．【答案】2cm2/2π平方厘米【分析】本题考查求扇形的面积，三角形的内角和定理，根据扇形的面积公式和三角形的内角和定理为1ㄮ‰，进行求解即可．【详解】解：设，222耀耀1ㄮ‰由题意，得：三个扇形（即阴影部分）面积之和为2耀2耀2耀ꀀ‰耀ꀀ‰耀ꀀ‰耀ꀀ‰耀ꀀ‰2cm2；84 故答案为：2cm2．【变式18-2】如图，点A，B，C在上，‰，连接，．若的半径为3，则扇形（阴影部分）的面积为（结果保留π）【答案】2π【分析】本题考查的是圆周角定理，扇形面积公式等．先利用圆周角定理“同弧所对的圆周角是它所对的圆心角的一半”求出的度数，然后利用扇形面积公式求解即可．【详解】解：∵‰，∴2ㄮ‰，又的半径为3，ㄮ‰π耀2∴扇形（阴影部分）的面积=2π．耀ꀀ‰故答案为：2π．【变式18-3】如图，以直角三角形的两锐角顶点A、B为圆心作等圆，且与恰好外切，若，则图中阴影面积为【答案】2【分析】本题考查了扇形面积计算掌握扇形面积公式：．耀ꀀ‰根据题意求出圆A、圆B的半径，根据扇形的面积公式即可求解．【详解】解：设，则‰，∵圆A、B是等圆，，∴圆A、B的半径都为2．85 2‰2则两个扇形的面积之和耀．耀ꀀ‰耀ꀀ‰故答案为：．【考点题型十九】计算不规则图形的阴影部分面积【典例19】如图，在△中，‰，1‰，将△绕点B逆时针旋转耀‰得到△，则，，，围成的面积（图中阴影部分面积）为．22【答案】/耀耀【分析】本题主要考查了图形的旋转，不规则图形的面积计算，勾股定理，发现阴影部分面积的计算方法是解题的关键．根据旋转的性质得到△△，耀‰，进而得到阴影扇形耀△△扇形，再结合扇形面积公式和勾股定理求解，即可解题．【详解】解：将△绕点B逆时针旋转耀‰得到△，△△，耀‰，阴影扇形耀△△扇形扇形扇形耀‰2耀‰2耀ꀀ‰耀ꀀ‰耀‰22，耀ꀀ‰在△中，‰，1‰，2221‰‰，86 耀‰1‰‰2上式．耀ꀀ‰耀2故答案为：．耀【变式19-1】如图，在△中，耀，将△绕点A逆时针旋转耀‰后得到△，点B经过的路径为弧，则图中阴影部分的面积为．2【答案】12【分析】本题考查求不规则图形的面积，根据旋转的性质，得到，△△，分割法推出阴影部分的面积为扇形的面积，即可求解即可．【详解】解：∵将△绕点A逆时针旋转耀‰后得到△，∴，△△，耀‰，∵阴影部分的面积扇形耀△△扇形，耀‰22∴阴影部分的面积；耀ꀀ‰122故答案为：．12【变式19-2】如图，为半圆的直径，且，半圆绕点B顺时针旋转，点A旋转到点的位置，则图中的阴影部分的面积为．【答案】2【分析】本题主要考查了扇形的面积的计算，根据“阴影部分的面积=扇形的面积+以为直径的半圆的面积-以为直径的半圆的面积=扇形的面积”即可求解．【详解】解：由旋转的性质得，，耀阴影扇形半圆半圆扇形87 22耀ꀀ‰故答案为：2．【变式19-3】如图，将半径为2cm的圆形纸片翻折，使得，，折痕为，，则阴影部分的面积为cm2．π【答案】π/耀耀【分析】本题主要考查了翻折变换（折叠问题）、扇形面积的计算等．作于点D，连接，，，求出耀‰，得到212‰，进而求得12‰，再利用阴影1部分的面积得出阴影部分的面积是面积的，即可得出结果．扇形耀【详解】解：作于点D，连接，，．1由折叠知，2∴耀‰，∴212‰，同理12‰，∴12‰，1122∴阴影部分的面积π2πcm，扇形耀圆耀耀故答案为：π．耀88 【考点题型二十】圆锥的计算【典例20】一圆锥的母线长为5，底面半径为3，则该圆锥的侧面积为．【答案】1π【分析】本题考查了圆锥的计算：圆锥的侧面展开图为一扇形．利用π计算即可．【详解】解：圆锥的侧面积π耀1π．故答案是：1π．【变式20-1】用圆心角为12‰，半径为耀cm的扇形纸片卷成一个圆锥形无底纸冒（如图所示），则这个纸冒的高是（）A．耀cmB．22cmC．耀2cmD．2cm【答案】B【分析】本题主要考查了扇形面积的计算．先求出扇形的弧长，根据扇形的弧长=圆锥的底面周长，用扇形的弧长2，可求圆锥的底面半径，利用勾股定理得出答案．12‰耀【详解】解：∵扇形的弧长2cm，1ㄮ‰∴圆锥的底面半径为221cm，∴这个圆锥形筒的高为耀21222cm．故选：B．【变式20-2】如图是一个圆锥与其侧面展开图，已知圆锥的底面半径是1，母线长是4．（1）求这个圆锥的侧面展开图中∠ABC的度数．（2）如果A是底面圆周上一点，一只蚂蚁从点A出发，绕圆锥侧面一圈再回到A点，求这只蚂蚁爬过的最短距离．89 【答案】（1）90°；（2）42【分析】（1）利用侧面展开图是以4为半径，2π为弧长的扇形，由弧长公式求圆心角，进而即可求解；（2）在侧面展开图中，由两点之间线段最短得蚂蚁爬行的最短距离为AC的距离，进而即可求解．【详解】解：（1）设∠ABC的度数为n，底面圆的周长等于2π×1＝，解得n＝90°；1ㄮ‰（2）连接AC，过B作BD⊥AC于D，则∠ABD＝45°．∴△是等腰直角三角形，∵AB＝4，∴AD＝BD＝4÷2=22，∴AC＝2AD＝42，即这只蚂蚁爬过的最短距离42．【点睛】此题考查了圆锥的侧面展开图弧长的计算；得到圆锥的底面圆的周长和扇形弧长相等是解决本题的关键．【变式20-3】综合与实践主题：装饰锥形草帽．素材：母线长为2cm、高为2‰cm的锥形草帽（如图（1））和五张颜色不同（红、橙、黄、蓝、紫）、足够大的卡纸．90 步骤1：将红、橙、黄、蓝、紫卡纸依次按照圆心角1212耀的比例剪成半径为2cm的扇形．步骤2：将剪下的扇形卡纸依次粘贴在草帽外表面，彩色卡纸恰好覆盖草帽外表而且卡纸连接处均无缝隙、不重叠，便可得到五彩草帽．计算与探究：（1）计算红色扇形卡纸的圆心角的度数；（2）如图（2），根据（1）的计算过程，直接写出圆锥的高、母线长与侧面展开图的圆心角度数之间的数量关系：．耀ꀀ‰22【答案】（1）2；（2）．π2【分析】（1）设底面圆的半径为cm，由勾股定理可得1cm，根据2π1，求出，再根1ㄮ‰据红、橙、黄、蓝、紫卡纸圆心角1212耀即可求解；（2）设底面圆的半径为，则22，由2即可求解；1ㄮ‰本题考查了圆锥的侧面展开图，勾股定理，扇形的弧长，掌握圆锥底面圆的周长等于圆锥侧面展开图扇形的弧长是解题的关键．【详解】解：（1）设底面圆的半径为cm，∵2cm，2‰cm，∴22222‰21cm，π2∵2π1，1ㄮ‰∴21ꀀ，∵将红、橙、黄、蓝、紫卡纸依次按照圆心角1212耀的比例剪成半径为2cm的扇形，1∴红色扇形卡纸的圆心角的度数为21ꀀ2；1耀2耀1耀2耀耀（2）∵设底面圆的半径为，则22，∵2，1ㄮ‰91 ∴222，1ㄮ‰耀ꀀ‰22∴，耀ꀀ‰22故答案为：．92